TypeScript - 扩展函数返回的类型

Question

在我的代码中，我正在使用扩展外部库接口的接口（为了保持类型检查，这也是使用 TypeScript 的全部原因）。一般来说，这效果很好。

我现在遇到了一个问题，第三方库中的函数返回该基本接口的实例，我需要将其存储在我自己的自定义接口的变量中，并填写其余属性。

带有代码和错误的图像： （这里是文字版本的链接。）

显然这个问题可以通过使用鸭子类型和转换来解决，但这感觉就像它完全违背了 TS 的要点，所以我首先想知道是否有一个语法可以做到这一点。

我已经尝试过：

return { externalFactory(); extraProperty: '' }; // And with comma instead of semi-colon
return externalFactory(): { extraProperty: '' };
return { extraProperty: '' } extends externalFactory();

但到目前为止我的猜测都失败了。所以我想知道，是否有一种语法或方法可以做到这一点，而不丢失类型安全检查？ 您可能认为扩展这样的对象需要额外的生成代码（就像扩展类一样），但最多它是一个临时变量来保存原始对象，然后添加其他属性，例如：

var temp = externalFactory();
temp.extraProperty = '';
return temp;

如果您要分配给变量，则甚至不需要该临时变量。所以这绝对是可能的。

Answer 1

function myTypeFactoryAttempt2() : IMyType {
    var theValue = <IMyType>externalFactory();
    theValue.extraProperty = '';
    return theValue;
}

在这种情况下，您实际上并没有失去任何类型安全性，因为第二行上的类型断言本身已进行类型检查 - 如果您尝试编写

<number>externalFactory()

，您仍然会收到编译错误，因为断言类型（数字）是不是表达式 (IExternalType) 的子类型。

很多年过去了，但似乎有一个具有正确类型验证的解决方案：

Answer 2

在原始接受的解决方案中，您必须确保已设置 IMyType 类型的所有字段。

function myTypeFactoryAttempt3() : IMyType {
    var theValue = <IMyType>externalFactory(); 
    return theValue; //incorrect type, but no warning
}

Playground

中的类似代码
    

刚刚发现 Object.assign

非常适合此操作，如

Answer 3

中的回答。

function myTypeFactoryAttempt2() : IMyType {
    const theValue: IMyType = Object.assign(
        externalFactory(),
        {
            extraProperty: ''
        }
    );
    return theValue;
}

这结合了迈克和瑞安答案的优点。因此，这会检查实际提供的所有额外字段，同时扩展原始对象而不是创建新对象。