标题说明了一切。
我需要将n
拆分为k
部分的总和,其中每个部分ki应该在给定数组r
的1 <= ki <= ri的范围内。
例如 -
n = 4, k = 3 and r = [2, 2, 1]
ans = 2
#[2, 1, 1], [1, 2, 1]
订单很重要。 (2,1,1)和(1,2,1)是不同的。
我教过用星星和条形法解决它,但是因为上限ri我不知道接近它。
我实现了一个直接递归函数,它只适用于小值。
原始问题的制约因素是
1 <= n <= 10
7
1 <= k <= 10
5
1 <= r
i
<= 51
所有计算都将在Prime Modulo下完成。
我在这里发现了类似的问题,但我不知道如何在程序中实现。 HERE
我的蛮力递归功能 -
#define MAX 1000
const int md = 1e9 + 7;
vector <int> k;
vector <map<int, int>> mapper;
vector <int> hold;
int solve(int sum, int cur){
if(cur == (k.size() - 1) && sum >= 1 && sum <= k[cur]) return 1;
if(cur == (k.size() - 1) && (sum < 1 || sum > k[cur])) return 0;
if(mapper[cur].find(sum) != mapper[cur].end())
return mapper[cur][sum];
int ans = 0;
int start = 1;
for(int i=start; i<=k[cur]; ++i){
int remain = sum - i;
int seg = (k.size() - cur) - 1;
if(remain < seg) break;
int res = solve(sum - i, cur + 1);
ans = (1LL * ans + res) % md;
}
mapper[cur][sum] = ans;
return ans;
}
int main(){
for(int i=0; i<MAX; ++i) k.push_back(51); // restriction for each part default 51
mapper.resize(MAX);
cout << solve(MAX + MAX, 0) << endl;
}
我没有使用地图来存储计算结果,而是使用了二维数组,它提供了非常好的性能提升,但由于n和k值很大,我无法使用它。
我怎样才能改进递归函数或解决这个问题的其他方法。
这是一个有趣的问题。
首先让我们说r_i = r_i - 1, n = n - k
,[0, r_i]
中的数字只是为了方便。现在可以添加一些虚构的数字,使m
成为2
的力量而不改变答案。
现在让我们将[0, r_i]
的每个区间表示为多项式1 * x ^ 0 + 1 * x ^ 1 + ... + 1 * x & r_i
。现在,如果我们将所有这些多项式相乘,那么x ^ n
的系数将得到回答。
这里是称为数理论变换(NTT)的结构,它允许在p
中乘以两个多项式模O(size * log(size))
。
如果你只是使用NTT将它相乘,那么代码将在O(n * k * log (k * max(r)))
中运行。这很慢。
但现在我们的虚拟数字有所帮助。让我们用分而治之的技巧。我们将制作O(log m)
步骤,在每一步上乘以2 * i
-th和2 * i + 1
-th多项式。在下一步中,我们将乘以此步骤的结果多项式。
每一步都在O(k * log(k))
工作,并且有O(log(k))
步骤,所以algorhitm在O(k * log^2 (k))
工作。它是渐近快速的,但我不确定它是否适合这个问题的TL。我认为它在最大测试时可以工作大约20秒。