在 Visual Studio Code 中 CMake 项目切换 Debug 和 Release 的效果是怎样的？

Question

我想要完成的是链接同名但来自不同路径的库。

目前我正在帮助自己

link_directories(${FOREIGN_DIR}/arch/win32/apil/access/x64/${CMAKE_BUILD_TYPE})

然后链接foreign_lib.lib：

target_link_libraries(${LIB_NAME} ${CMAKE_JS_LIB} foreign_lib ${EXTRA_LIB})

编辑：我正在使用 Ninja 进行构建（单一配置类型）

foreign_lib.lib

显然存在于正确命名的子目录中的调试和发布变体中，如您在上面看到的，但两者具有相同的名称，我无法影响这一点。

此外，我还必须自己在脚本中进一步设置

CMAKE_BUILD_TYPE

，因为它是空的（该变量的文档通常毫无价值），这只是一个占位符，而且据我所知也是丑陋/不好的做法。

我不明白的是：

VisualStudio Code 中的 CMake 工具为我提供了众所周知的选项

Debug, Release, MinSizeRel, RelWithDebInfo

，但我无法理解如何在配置步骤中正确使用它。

在这种情况下如何正确进行链接？

PS：通过考虑架构（

x64

，

Win32

...）和目标系统（

linux

，

x64

，...）来整合进一步的变化将是一个优点，但我主要关心的是上述问题RN.

Answer 1

在这种情况下如何正确进行链接？

初学者请参阅 https://stackoverflow.com/a/74077157/11107541。对于单配置和多配置生成器，使用不同构建配置进行配置/构建的命令行方法有所不同。 CMake 工具将/应该根据所选生成器的类型做正确的事情，无论您使用的是套件还是预设（但如果您使用预设，则必须在单配置的缓存变量中做正确的事情，并且在

configuration

多配置生成器的构建预设属性）。

此外，我还必须自己在脚本中进一步设置 CMAKE_BUILD_TYPE ，因为它是空的（该变量的文档通常毫无价值），这只是一个占位符，而且据我所知也是丑陋/不好的做法。

你应该使用生成器表达式。

一般情况下，不要使用

${CMAKE_BUILD_TYPE}

。正如您所注意到的，不需要为单配置生成器（其中使用特定于工具链的默认值）设置它。文档非常清楚：

此变量由首次创建新构建树时在项目中调用的第一个

project()

或

enable_language()

命令初始化。如果设置了

CMAKE_BUILD_TYPE

环境变量，则使用其值。否则，启用语言时会选择特定于工具链的默认值。默认值通常是空字符串，但这通常是不可取的，其他标准构建类型之一通常更合适。

您想要的生成器表达式是

$<CONFIG>

，或者使用

$<CONFIG:cfgs>

映射到其他值。