如何通过lightuserdata对象将表参数从lua传递给C ++？

Question

我已经注册了一个函数，它创建了一个由C ++和lua使用的lightuserdata。当我使用简单变量，整数和字符串进行测试时，该部分工作正常。我可以在lua中创建我的lightuserdata，当它是字符串和整数时没有错误。但是当我尝试使用表格时会变得更复杂

std::string aString = lua_tostring(lua,-4);

第一个参数是正确的，因为它应该是一个字符串

if (lua_type(lua,-3 == LUA_TTABLE))  //is true so i know it recognizes it as a table
{
    auto t = lua_gettable(lua, -3);

    size_t tableLen = lua_rawlen(lua, -3); // also gives me the correct size
    lua_settop(lua, 1); //this discards the rest right? which i don't want.
    //luaL_checktype(lua, 1, LUA_TTABLE); //using this crashes the application expecting
// table but getting string
    lua_getfield(lua, 1, "a");
    lua_getfield(lua, 1, "b");
    lua_getfield(lua, 1, "c");
    lua_getfield(lua, 1, "d");
    lua_getfield(lua, 1, "e");
    std::cout << lua_gettop(lua) << std::endl; //after using the getfields i get the new table size 
//correctly (i assume, it turns 1 more value than expected, i think it's the table itself.
    //int a = luaL_checkinteger(lua, -5); //these don't work as they expect numbers but get nil
    //int b = luaL_checkinteger(lua, -4);
    //int c = luaL_checkinteger(lua, -3);
    //int d = luaL_checkinteger(lua, -2);
    //int e = luaL_checkinteger(lua, -1);
    std::cout << lua_tointeger(lua, -2) << std::endl; //returns always 0

}

试图忽略该表并获得堆栈的其余部分会给我一个0x000000的违规错误，虽然第3个值正确调试，因为它应该是第4个是空的，即使它正确传递，如果我不使用表。

我正在尝试做什么可能这样做？

任何对正确方向的评论都将受到赞赏。另外，如果我不知道表中键的名称，我该怎么用？

Answer 1

if（lua_type（lua，-3 == LUA_TTABLE））//是真的所以我知道它将它识别为一个表

这里有大错误，或者您没有发布实际代码。

你没有检查索引-3下的值的类型，你问的是索引false下的值的类型，因为-3 == LUA_TTABLE显然是false。

无论在“检查”之后发生什么崩溃 - 都是这个错误的结果。它将识别任何不是nil的表。