file_get_contents() 可以在 4xx 上返回 HTML 吗？

Question

我需要从 PHP 发送 POST 请求到远程 HTTPS 地址，该地址返回 JSON。

我使用了以下代码：

    //$url = ...
    $data = array('username' => $username, 'password' => $passwort);

    $options = array(
        'http' => array(
            'header'  => "Content-type: application/x-www-form-urlencoded\r\n",
            'method'  => 'POST',
            'content' => http_build_query($data),
        ),
    );
    $context  = stream_context_create($options);

    $result = file_get_contents($url, false, $context);

但是，在最后一行，该函数失败并出现

failed to open stream: HTTP request failed! HTTP/1.1 403 FORBIDDEN

错误。

服务器还发送了 HTML 格式的解释，但我不知道如何通过

file_get_contents

访问它。帮忙吗？

编辑：我将使用 cURL 代替。

Answer 1

据我所知这是不可能的。但如果您使用像 Guzzle 这样的 HTTP 客户端，您将能够非常轻松地执行此请求并优雅地处理错误。另外，Guzzle 在底层使用了 cURL，因此您不必直接处理它！

像这样发送您的 POST 请求：

$client = new GuzzleHttp\Client();
$response = $client->post($url, [
    'body' => [
        'username' => $username,
        'password' => $password
    ]
]);

echo $response->getStatusCode();           // 200
echo $response->getHeader('content-type'); // 'application/json; charset=utf8'
echo $response->getBody();                 // {"type":"User"...'
var_export($response->json());             // Outputs the JSON decoded data

因为您将用户名和密码放在 body 数组中，所以它会自动进行 url 编码！

您将能够以面向对象的方式处理错误，并在响应存在时获取 4xx 响应的正文：

try {
    $client->get('https://github.com/_abc_123_404');
} catch (RequestException $e) {
    echo $e->getRequest();
    if ($e->hasResponse()) {
        echo $e->getResponse();
    }
}

请参阅文档了解更多信息。

Answer 2

将

ignore_errors

添加到您的选项中：

    $options = array(
        'http' => array(
            'header'  => "Content-type: application/x-www-form-urlencoded\r\n",
            'method'  => 'POST',
            'content' => http_build_query($data),
            'ignore_errors' => true,
        ),
    );