Typescript 扩展通用接口

Question

我想创建一个接口，通过该接口我可以扩展任何打字稿类型以添加属性来扩展泛型类型。例如，创建一个如下所示的

Confidence<any>

类型：

export interface Confidence<T> extends T{
   confidenceLevel:number
}

然后可以通过以下方式访问：

const date:Confidence<Date> = new Date();
date.confidenceLevel = .9;

这似乎不可能（我感觉这是反模式），但是我可以做到

export type Confidence<T> = T & {
   confidenceLevel:number
}

这似乎完成了我想做的事情，尽管我觉得我这样做是在作弊。

我认识到如果我覆盖泛型类型的属性，这种“反向扩展”可能会出现问题，但这是唯一的问题吗？我无法理解这个问题，创建仅添加属性的类型的最佳方法是什么？

Answer 1

有一个长期存在的功能请求，microsoft/TypeScript#2225，它要求能够按照您要求的方式执行

interface Foo<T> extends T {...}

。 它尚未实现（并且可能永远不会实现）。 现在你只能创建一个接口，该接口是

extends

具有静态已知键的对象类型。 未指定的泛型类型参数

T

不起作用，因为编译器无法预测它将具有哪些键。

您应该放心，交集是实现此目的的合理方法（需要注意的是，如果您添加的属性与

T

的属性冲突，您不会收到警告，正如您所注意到的）。 这是上述功能请求中的建议解决方案。 此外，Object.assign()

的

TypeScript库types使用交集来表示向现有对象添加属性的结果的类型。 因此，

Confidence<T>

定义为

type Confidence<T> = T & {
  confidenceLevel: number
}

您可以轻松编写一个函数来生成其中一个，如下所示：

function makeConfidence<T>(x: T, confidenceLevel: number): Confidence<T> {
  return Object.assign(x, { confidenceLevel });
}

并使用它：

const x = makeConfidence(new Date(), 0.9); // x is a Confidence<Date>;
console.log(x.getFullYear()); // 2020
console.log(x.confidenceLevel); 0.9

看起来不错。

Playground 代码链接

Answer 2

从jcalz接受的答案延伸：

如果您想让通用类型

T

可选，您可以从

Record<string, unknown>

扩展它并将值设置为

Record<string, unknown>

。

type Confidence<
  T extends Record<string, unknown> = Record<string, unknown>
> = T & {
  confidenceLevel: number
};

然后，如果需要，您将能够使用它而无需任何通用：

interface Bar {
  barLevel: number
};

const foo: Confidence = { confidenceLevel: 100 };
const bar: Confidence<Bar> = { confidenceLevel: 100, barLevel: 2 };