我期望为假时我的函数返回true

Question

我对为什么我期望true时代码返回false感到困惑，反之亦然。这是我的代码：

public function CheckMac($mac){
    $database = new Database();
    $db = $database->connectDatabase();
    $checkedmac = $db->prepare("SELECT * FROM `displays` WHERE `displayMac` = '$mac'");
    $checkedmac->execute();
    $count = (int)$checkedmac->fetchColumn();
    if ($count > 0) {
        return true;
    } else {
        return false;
    }
}

我拥有正确的查询，当我回显$mac并将其放入查询中时，由于它存在于数据库中，因此phpMyAdmin给我返回了预期的行，但是当我运行此代码时，我得到的是[C0 ]返回。

我在哪里出错了？

Answer 1

[一个不错的答案，但被低估了，false。

您尚未学习称为debugging的编程艺术的基石概念。这意味着您应该验证您所做的每个假设。

[您在这里假设，当查询返回一行时，If your code is doing something unexpected, there's a good chance you're making an assumption somewhere语句返回一个正数。因此，您必须进行验证。

我可以做出假设，您表中的第一列不包含正数，而是一个字符串。带数字的字符串将返回0。它将解释为什么在找到记录时得到0。但是您也必须进行验证。

如果我的假设被证明是正确的，则只需选择一个恒定值而不是不确定的(int)$checkedmac->fetchColumn();。例如，您可以使用*，您的查询将完美运行：

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一些注意事项：

• 您应该始终仅连接once。预先在一个地方创建$ db变量，然后在任何地方使用它
• 您使用的是

  public function CheckMac($db, $mac){
      $stmt = $db->prepare("SELECT 1 FROM `displays` WHERE `displayMac` = ?");
      $stmt->execute([$mac]);
      return $stmt->fetchColumn();
  }

  ，它不受任何保护。它应该始终是我的示例中显示的方式。
• cargo cult prepared statement是重言式。 if ($count > 0) return true语句已经返回了$count > 0或true，因此您可以返回其结果，而不会产生多余的条件。
• 此外，在PHP中1和true一样好。因此，最后您可以立即返回fetchColumn（）的结果。如果找到该行，则它将为1等于true，否则为false。